2022届衡中同卷 重庆调研卷(新高考) 物理(三)3试题答案

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5.(1)0.225(2分)(2)(m m1)g(3分)(3分)(3)C(2分)【解析】(1)游标卡尺的主尺读数为2mm.游标尺上第5条刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标尺读数为5×0.05mm=0.25mm,所以游标卡尺读数为2mm 0.25mm=2.25mm=0.225cm(2)取下细绳和砝码盘后,小车受到的合力即为砝码盘和盘中砝码的总重力,即F合=(m m)g,由于光电门的宽度d很小,所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度滑块通过光电门A时的速度vA=△,滑块通过光电门B时的速度vB=~,根据vi-v可得小车的加速度a(3)尽量增大两光电门间的距离s,减小遮光片的宽度d,误差更小,A、B错误;调整滑轮,使细线与长木板平行,否则撤去细线后,合力不等于细线拉力.C正确;本盘和盘中砝码的总重力代替细线的拉行,否则撤去细线后,合力不等于细线拉力,C正确;本实验没有用砝码盘和盘中砝码的总重力代替细线的拉力,不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量.D错误。

16【答来】解:(1)对小滑块Q由运动学公式得,解得:0=4m对小滑块由动能定理得mgm.pga?,解:=0小滑块g与F发生弹性正碰,由动量守恒定律和机械能守恒定律得mve =mv, 3n碰后下滑块P、g共速时,间距最大滑块Q减速至与传送带共速的过程中,由动能定理得(mgsine umgcose)x,=-mv--amy1解得:x1=0.15m由牛顿第二定律得msne umgcose=ma1解得:a1=10m/s2小滑块g减速至零反向加速至与P共速的过程中,由动能定理得(mgsine-urmgcos6)x2=3mp22-5mu2解得由牛顿第二定律得 masinO- umgcos8=ma2解得:a2=2m/s2滑块P、g碰撞到二者共速所经历的时间此时小滑块P的位移x3=n22=32m故小滑块P、Q间的最大距离d=x3 x1-x2=26m(2)小滑块P运动至传送带底端所需时间n=2滑块O碰后至共速的时块g与传送带共速后滑至传送带底端的过程运解等:2=5 3滑块O碰后滑至传送带底端的时故小滑块会在传发生第二次碰撞,二着滑落的时≈0.7s解析】(1小滑块Q放上传送带滑与小滑块P发生弹性正碰,动量守恒和机槭能守恒,碰分析两滑块的运动情况,根据牛顿第二定律和动能定理求小滑块块P碰后二者间的最根据运动学公式求出两滑块滑到传送带底端所需要的分析小滑块P、g在传送带上是否发生二次相磁