衡水金卷先享题2021文综一

2021衡水金卷先享题调研卷文综三

2021衡水金卷先享题调研卷文综三已经更新完毕，目前我们已经整理了2021衡水金卷先享题调研卷文综三的各科答案和试卷，下面将围绕衡水金卷调研卷进行更多介绍。 .聚酮是一种【解析】由高聚物结构简式⊙O,可知主链只有C,为加聚产物,单体为,高聚物可与HI⊕ N..H.N H2C=CH形成氢键,则也可与水形成氢键,可溶于水,含有肽键,可发生水解。由高聚物结构简式可知,聚维酮的单体是 fCH2-CH- No,故A正确;聚维酮碘分子由(2m n)个单体加聚生成,故B错误;高聚物可与HI3形成氢键,则也可与水形成氢键,可溶于水,故C正确;含有肽键,具有多肽化合物的性质,可发生水解反应生成氨基和羧基,故D正确。 HC=CH故选B。

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衡水金卷先享题调研卷全国一卷a

衡水金卷先享题调研卷全国一卷a已经更新完毕，目前我们已经整理了衡水金卷先享题调研卷全国一卷a的各科答案和试卷，下面将围绕衡水金卷调研卷进行更多介绍。 2【解析】(1)①据CH4超干重整CO2的催化转化图,过程I的化学反应为CH4() CO2(g)2CO(g) 2h(g)。由能量-反应过程曲线得热化学方程式:CH4(g) H2O(g)CO(g) 3H2(g)△H= 206.2k·mol-1(12(1)×2 ()得过程I的热化学方程式为CH4(g) CO2(g)2CO(g) 2H2(g)△H=247.4kJ·mol-1②过程Ⅱ物质变化为左上(CO、H2、CO2) 右下(惰性气体)→左下(H2O) 右上CO、惰性气体),总反应为H2 CO2H2O COFe3O4、CaO为总反应的催化剂,能降低反应的活化能,但不能改变反应的△H故ab正确,cd错误。③通常,催化剂能加快反应速率,缩短反应达到平衡的时间。但催化剂不能使平衡发生移动,即不能改变平衡转化率。若图中a点为化学平衡,则保持温度不变(800℃),将催化剂Ⅱ换成I或Ⅲ,CH转化率应不变,故a点不是化学平衡状态。同理,图中b、c两点都未达到化学平衡据题意,b、c两点只有温度不同,b点温度较高,反应速率快,相同时间内CH4转化率高。(2)①据气态方程pV=nRT,恒温恒容时某组分气体的分压与其物质的量成正比。则反应中分压为1123K恒容时,CH4(g) CO2(g)=2CO(g) 2H2(g)起始分压/kPa202500的下改变分压/kPa10102020某时分压/kPa10152020即某时刻p(CO2)=15kPa,p(CH4)=10kPa。代入v(CO)=1.3×10-2·p(CH4)·p(CO2)mol·g-1·s1.95mol·g-1·s-1②设达到平衡时CH4的改变分压为xkPa,1123K恒容时,CH4(g) CO2(g)=2CO(g) 2H2(g)起始分压/kPa2025000改变分压/kPax 2x 2x平衡分压/kPa20-x25-x2x 2x据题意,有(20-x) (25-x) 2x 2x=1.8,解得x=18CH4(g)、CO2(g)、CO(g)、H2(g)的平衡分压依次20 25K=(CO)·p2(H2)362×362是2kPa、7kPa、36kPa、36kPa,代入Kpp(CH4)·p(CO2)2×7 -(kPa)2.商低瑞机而减

解:(1)f(1)=4,f(2)=22,f(3)=70(2)假设存在a,b,c使得题设的等式成立,令n=1,2,3,得a b c=24,{4a 2b c=44,9a 3b c=70,a=3,解得{b=11,c=10.所以,当n=1,2,3时,下面等式成立:1×22 2×32 … n(n 1)2n(n 1)12(3n2 11n 10).记Sn=1×22 2×32 … n(n 1)2,假设n=k时上式成立,即Sk(k 1)12(3k2 11k 10),当n=k 1时,S 1=Sx (k 1)(k 2)2=(k 1),(3k2 11k 10) (k 1)(k 2)212k(k 1)12(k 2)(3k 5) (k 1)(k 2)2(k 1)(k 2)12(3k2 5k 12k 24)(k 1)(k 2)12[3(k 1)2 11(k 1) 10],所以,等式对n=k 1也成立综上所述,存在常数a=3,b=11,c=10时,题设的等式对一切正整数n都成立

2021年衡水金卷.先享题理综答案

2021年衡水金卷.先享题理综答案已经更新完毕，目前我们已经整理了2021年衡水金卷.先享题理综答案的各科答案和试卷，下面将围绕衡水金卷调研卷进行更多介绍。 裁员前后公司日利润的数期望判断裁员是否提同公解:(1)样本包裹件数在101~400之间的天数为48,频率为=,4故可估计样本包裹揽件数在101~400之间的天数的概率为显然未来3天中,包裹揽件数在101~40之间的天数X服从二项分布412、148(4分)即X~B(3,÷),故所求概率为C)×言=1551210×43 15×30 20×15 25×8 30×4(2)①由表1知,样本中每件包裹收取的快递费的平均值为=15(元),100(7分)故该公司对每件包裹收取的快递费的平均值可估计为15元②根据题意及(2)中①,揽件数每增加1,可使前台工资和公司利润增加15×=5(元),将题目中的天数转化为频率,得包裹件101~201~301~4010~100数范围200300400500包裹件数(近似50150250350450处理)6630126天数频率0.10.10.50.20.1若不载员,则每天可揽件的上限为450件,公司每日揽件数情况如下:59包裹件数50150250350450(近似处理)实际揽50150250350450件数Y0.20.1频率0.10.10.550×0.1 150×0.1 250×0.5 350×0.2 E()450×0.1=260故公司平均每日利润的期望值为260×5-3×100=1000(元);若裁员1人,则每天可揽件的上限为300件,公司每日揽件数情况如下:包裹件数25035045050150(近似处理)实际搅件数Z501502503003000.1频率0.10.10.50.250×0.1 150×0.1 250×0.5 300×0.2 E(Z)300×0.1=235故公司平均每日利润的期望值为235×5-2×100=975(元)因为975<1000,故公司将前台工作人员裁员1人对提高公司利润不利