九师联盟 2023届全国高三单元阶段综合卷·化学(五)5试题答案

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18.(10分)(1)(NH)s[(VO)6(CO3)4(OH)g]·10H2O(2分)(2)ZC,0,△Zn0 C0↑ C0,↑(2分)(3)①2(2分)②26.09%(2分)(4)Cr2O3(2分)【解析】(1)设NVCO的摩尔质量为Mg·mol1,由89℃时剩余固体样品的质量得M-18X8=0.8648,解M得M≈1065；由367℃时剩余固体样品的质量得6(51 32=0.4676,解得b≈6：由1065g·mol可2.130gM0.224LXa=n(NH3)=22.4L·mol7=0.01mol解得a=5:由最后产物为VO2可知，该化合物中V为十4价，由各元素正负化合价代数和为0可得2c d=5×1 2×6=17,由该化合物的相对分子质量18a 67b 60c 17d 180=1065可知60c 17d=393,解得c=4,d=9,将a=5,b=6,c=4,d=9代入化学式可得NVCO的化学式为(NH)5[(VO)6(CO3)4(OH)g]·10H2O。(2)ZnC2 O,·2H2O晶体中的ZnC2O,质量分数为153153 36×100%≈80.95%，故A点完全失去结晶水，化学式为ZnC2O4,假设B点为ZnO,则残留固体81占有的质量分数为153 36X100%≈42.86%，故B点残留固体为ZO,结合原子守恒可知还生成等物质的量的C0与C02.300~460℃范围内，发生反应的化学方程式为ZC0,△Zn0 C0个 C0,↑.(3)140℃后结晶水全部失去，其质量为2.76g一1.32g=1.44g,物质的量为0.08mol,则CaO2·8H20的物质的量为0.01mol,由CaO2·8H2O样品受热脱水过程的热重曲线可以看出60~140℃失去的结晶水的质量为1.68g1.32g=0.36g,物质的量为0.02mol,则n(Ca02):n(H20)=0.01:0.02=1:x,x=2。Ca02质量为72g·mol-1×0.01mol=0.72g,则该样品中CaO2的质量分数-27治×100%≈26.09%.2.76g(4)设CrO,的质量为100g,则CrO中铬元素的质52量为100g×52 16X3=528,B点时固体的质量为100gX76%=76g,Cr的质量没有变，所以生成物中Cr的质量为52g,氧元素的质量为24g,两者的个数比为爱：器=23，所以B点时剩余固体的成分是CrO3。

4.D【解析】①由于水的密度小于H2SO,的密度，所以当浓HSO,与水等质量混合时，其体积大于浓H2SO,体积的2倍，所以其物质的量浓度小于9.2mol·L1;②配制一定物质的量浓度的硫酸溶液时，定容并塞好塞子倒转摇匀后，发现液面低于刻度线，溶质的物质的量和溶液的体积都不变，所以配制溶液的浓度不变；③未冷却到室温，溶液体积缩小，浓度偏高；④氨水密度小于水，浓度越大密度越小，等质量混合时，物质的量浓度为3c1的体积大于物质的量浓度为c1的溶液，所以等质量混合时，氨水的物质的量浓度大于2c1;⑤溶质的质量分数分别为90%和10%的两种硫酸溶液等质量混合后，溶液中的溶质的质量分数为(90% 10%)/2=50%,哪种溶液的质量大，就偏向谁的溶质质量分数，由于90%硫酸溶液的密度大于10%硫酸溶液的密度，所以90%和10%的两种硫酸溶液等体积混合后，90%硫酸溶液的质量大于10%硫酸溶液的质量，所以混合后溶液中溶质的质量分数大于50%，则配制溶液浓度偏大，D项正确。