[南平三检]南平市2021-2022学年高三毕业班第三次质量检测物理答案

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12.(10分)(1)<(1分)需要(1分)(2)2gh(2分(2分(3)3m1√2h=m2√3(2分)(4)2(2分)解析】(1)碰撞后球Ⅰ反弹,应满足灬1∝m2;为了计算碰撞前后球1的速度,轨道AB、CD需要光滑;(2)碰撞后,对球1有m842mnvi,对球2有lsin=1gt2,lcos=vt,解得v1=2v=2-;(3)在碰撞前,对球1有,,>mz,vgh3gl/2gh,对两球组成的系统,由动量守恒定律得m1ω=m2v2-m1w1,解得3m1√h=m2√31;(4)若是弹性碰撞,则对两球系统有2m65=2m1 2m2v2,解得l=3h

14.(15分)解:(1)开关闭合瞬间,根据闭合电路欧姆定律1=E(1分)安培力FA=BⅠL(1分)由牛顿第二定律FA-pmg=ma(1分)代入数据可得a=2.8m/s2(1分)当杆ab达到最大速度vm时,由电磁感应定律可得E=BLvn(1分)E一E(1分)BIT(1分联立公式,得vm=8.75m/s(1分)(2)设金属杆ab的速度大小为v,则感应电动势为E=BLv(1分)平行板电容器两极板之间的电势差为U=E'a(1分)设此时电容器极板上积累的电荷量为Q=UC(1分)电流定义:r=2Q(1分)此时设其加速度大小为a,根据牛顿第二定律有:F-pmg=BrL=ma'(1分)B2L2C△v即:F-tm又因为a=2(1分)联立得:a=FB2L C mQBLC(F-umg)B2L C m代入数据可得Q=4t(C)(1分)