高三2024新高考单科综合卷(一)1化学(新教材)试题-答案易对

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8A故与稀盐酸反应消耗的Na,C0的质量为：0.4g×10644器名师教审题1.06g,假设滴入稀盐酸前，NaOH已全部转化为Na,CO,根据读标签：加足量水充分溶解后可能发生的反应有：2NaOH~NaCO,可得，久置后干燥剂样品中Na,CO3的质量I.Ca0 +H,O=Ca(OH)280106Ⅱ.Ca(0H)2+Na,C03—CaC03↓+2Na0H,106观察图示：加入稀盐酸的质量小于14.60g时，没有二氧化为2g×80=2.65g,则向样品中加入足量水后，反应Ⅱ中与碳生成，该阶段发生的反应有两个：Na,C0,+HClCa(0H)2反应的Na,C03的最大质量为2.65g-1.06g=1.59g,NaHCO,+NaCl[-定存在NaCO,则一定不存在根据Na,CO,~CaC0,可得反应Ⅱ中最多可生成CaC0Ca(OH)2]、HCl+NaOH一NaCl+H,0,但是反应Ⅱ会106100有NaOH生成，无法判断与HCl反应的NaOH是久置后干燥剂样品中存在的还是反应Ⅱ生成的，故无法判断该久置的质量为1.59g×1001061.5g;滴加稀盐酸的质量从18.25g后干燥剂样品中是否存在NaOH;曲线中，第一段线段比第至过量的过程中，生成0.88gC02所消耗CaC0,的质量为二段更陡峭，可知消耗等质量氯化氢第一段产生C02更多，2g,根据2g>1.5g,可知久置样品中一定含有CaC03,结根据合“观察图示”的分析可知久置干燥剂样品中含有Na,C0,NaHCO HCI=NaCl H,O CO,和CaC03。36.5449(1)①氧气（或02）②CCaC03+2HCl—CaCl2+H20+C02↑(2)2H,+0,点燃2H,0734410(1)甲(2)减小(3)5.0g可知第一段发生的是碳酸氢钠与盐酸的反应，第二段发生(4)ACD的是碳酸钙与盐酸的反应。【解题思路】(2)由溶解度曲线图示可知，乙的溶解度随温A(×)由上述分析可知久置后自制干燥剂样品中不一定含度降低而减小，将a,℃乙的饱和溶液降温至α2℃时，会有有NaOH。部分溶质析出，故溶液的质量减小。C(V)M点时产生C02的质量为0.44g,则有(3)a2℃时甲的溶解度为30.0g,即100.0g水中最多可溶NaHCO,HCl=NaCI H20+CO2解30.0g甲。60.0g甲溶液含有10.0g甲，溶液中水的质36.544量为60.0g-10.0g=50.0g,此温度下50.0g水最多可溶(x-14.60)g×10%0.44g解15.0g甲，故要使其达到饱和状态还需加入的甲的质量36.5=（x-14.60)g×10%440.44g为15.0g-10.0g=5.0g解得x=18.25(4)A(V)甲、乙、丙各mg加入100.0g水中，若所得溶液M点时NaHCO,与HCl恰好完全反应，CaCO,还未开始反均未达到饱和或者在a,℃时将甲、乙、丙各30.0g加入应，故M点溶液中只含NaCl一种溶质。100.0g水中等，所得到溶液中溶质质量分数大小关系为D(√)设变质前自制干燥剂中CaO的质量为y,滴加稀盐酸甲=乙=丙。前CaC0,的质量为m,则B(×)当溶质质量分数大小关系为乙>甲=丙时，则该温Ca0 CaCO,CO,度下，甲、丙的溶解度相等，且其溶液均饱和，三者的溶解度5610044大小关系满足乙>甲=丙，在溶解度曲线图中找不到对应ym1.32g-0.44g温度。5y44=1.32g-0.44g解得y=1.12gC(V)当温度在0~a2℃时，分别向100.0g水中加人mg100甲、乙、丙后，甲溶液饱和，而乙、丙溶液不饱和时，所得溶液44-1.32g-0.44g解得m=2g的溶质质量分数大小关系为乙=丙>甲。M点时，溶液中的溶质为NaCl,设变质前NaOH的质量为z,D(V)当温度在a,℃~甲、丙溶解度曲线交点对应温度时，由钠元素和氯元素质量守恒可得分别向100.0g水中加入mg甲、乙、丙后，甲、乙、丙溶液均NaOH HCI NaCl饱和或甲、乙溶液饱和而丙溶液不饱和时，所得溶液溶质质4036.5量分数大小关系为丙>甲>乙。18.25g×10%11(1)化合物4036.5-18.25g×10%(2)烧杯、漏斗、玻璃棒解得z=2g(3)NaOH+HCl—NaCl+H,O[或3NaOH+FeCl,故干燥剂中Ca0与Na0H的质量比为1.12g2g=14:25。3NaCl+Fe(0H)3↓]B(V)M点时，由碳元素守恒可得Na,CO,~NaHCO,.~CO2,(4)不溶于水，也不与酸反应10644(5)依次加入适量氯化钡溶液和适量稀盐酸，再过滤（或先卡实51

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