九师联盟 2024届高三9月质量检测物理L试题-答案易对

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9.BD滑块接触弹簧后，弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力，加速度沿斜面向下，与速度方向相同，滑块做加速运动.因弹力逐渐增大，合力减小，加速度减小，当弹簧的弹力等于重力沿斜面向下的分力时，加速度为0，滑块的速度达到最大，虽然两次释放位置不同，但滑块的质量没变，所以速度最大时弹簧的弹力相等，弹簧的压缩量相等，即速度最大的位置相同，弹性势能相等，故A、C错误；从A点释放时，滑块的重力势能更大，由机械能守恒可知弹簧的最大压缩量更大，故B正确；从滑块刚接触弹簧的瞬间到弹簧被压缩到最低点的过程中滑块和弹簧组成的系统机械能守恒，弹簧的弹性势能一直增大，所以滑块的机械能一直减小，故D正确.1心.AD出P-F及牛顿第二定律有：号-msin0-:”-m,随若增大，金属棒运动的加速度诚小，当加R+r速度为岁时金同移匀速运列.即号-sn0一货0，解得P=12w,A项止确：由-g如一R+rR+r可知，金属棒开始运动的加速度趋于无穷大，B项错误；当金属棒的速度大小为2m/s时，金属棒的加速度为8.75m/s2,C项错误；当电阻R的功率为1W时，电路中的电流大小为1A,此时电路中的电动势E=I(R十r)=4V,由E=BLw可知金属棒的速度大小为4m/s,由P=Fv可知，拉力大小为3N,D项正确.d2211.(1)12.7(2分）(4)g2L千D)(2分)cos0=g(2L+D)F十1(2分)解析：(1)10分度的游标卡尺的精确度为0.1mm;则小球的直径d=12mm+0.1×7mm=-12.7mm(4)若小铁球在竖直面内摆动过程中机梭能守恒，有mg(L十2)1-0)=分m(4）》,整理得函数关系为：cos0=-2D子+1，图像的斜率=g21Γg(2L+D)12.(1)C(1分)D(1分)F(2分)电路图见解析(2分)(2)左(1分)R.=1(Rn)(2分)I1-I2解析：(1)所给器材中有三个电流表，可初步猜想用双电流表测电阻.和待测电阻并联的应是内阻已知的电流表，若并联的电表选(A),另一个电流表要测A和待测电阻的电流之和，在读数尽可能准确的情况下，(A的读数要超过满量程的一半，另外两个电流表量程均太小，所以和待测电阻并联的应为④，当其满偏时，流过待测电阻的电流才2mA,所以要给电流表A串联定值电阻，当串联3502的R时，正好与量程50mA的A匹配，所以选C、D、F.电路如图.(2)闭合电键前，应将图中滑动变阻器的滑片移到最左端，保证闭合电键时测量电路部分电压最小.根据两个电流表的读数算出电阻R=I(R,十2)I1-I213.解：(1)为避免相撞，机器人减速后刚追上运动员时速度v=一at=v人(1分)对人x1=o人(t。十t)(1分)对机器人=，十以1(1分)BEW%20222009且有x1十△.x=x2(1分)解得a=0.5m/s2(1分)【高三3月质量检测·物理参考答案第2页（共4页）】HB

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